Teorem 2. Əgər a və b tam ədədlərindən heç olmasa biri c tam ədədinə qalıqsız bölünürsə, onda onların hasili də c tam ədədinə tam bölünür.
Müstəqil isbat edin.
Teorem 3. Əgər a tam ədədi b tam ədədinə, b isə c tam ədədinə tam bölünürsə, onda a tam ədədi də c tam ədədinə qalıqsız bölünür.
Müstəqil isbat edin.
Tərif. Əgər a və b tam ədədlərinin c tam ədədinə bölünməsindən alınan qalıqlar bərabər olarsa, onda a və b tam ədədləri c tam ədədinə bölməyə nəzərən bərabərqalıqlı ədədələr adlanır.
Teorem 4. a və b tam ədədlərinin c tam ədədinə bölməyə nəzərən bərabərqalıqlı olması üçün zəruri və kafi şərt
a-b fərqinin c-yə tam bölünməsidir.
Teorem 5. a1 , a2 ,..., an
tam ədədlərinin c tam ədədinə bölünməsindən alınan qalıqlar uyğun olaraq
b1 , b2 ,..., bn
tam ədədlərinin c tam ədədinə bölünməsindən alınan qalıqlara bərabər olarsa, onda onların
a1 + a2 +... + an və
b1 + b2 + ... + bn cəmləri, həmçinin a1 a2 ... an
və b1 b2 ... bn
hasilləri də bərabərqalıqlı olacaqdır.
Modula nəzərən müqayisə
Tam ədədlərə aid məsələlərin həllində geniş istifadə edilən mühüm anlayışla- modula nəzərən müqayisə anlayışı ilə tanış olaq.
Tərif. Əgər a və b tam ədədlərinin m natural ədədinə bölünməsindən alınan qalıqlar bərabər olarsa və ya a-b
fərqi m-ə tam bölünərsə, onda a və b tam ədədlərinə m moduluna nəzərən müqayisə olunan ədədlər deyilir və
a b(mod m)
kimi işarə edilir.
Əgər a tam ədədi m- ə tam bölünərsə, onda a ədədi m moduluna nəzərən sıfır ilə müqayisə olunandır:
a 0 (mod m).
Nümunələr. 1. 15 23 (mod 4) . 2. 37 35 (mod 6) .
Modula nəzərən müqayisənin əsas xassələri
Refleksivlik : istənilən a tam ədədi üçün a a (mod m) .
Simmetriklik: əgər a b (mod m) olarsa, onda b a (mod m) .
Tranzitivlik: əgər a b (mod m) və b d (mod m) larsa, onda a d (mod m) .
Digər xassələr. Tutaq ki, a b (mod m) və d l (mod m) . Onda:
a + d b + l (mod m) , yəni müqayisəni hədbəhəd toplamaq olar;
11 5 (mod 2), 17 26 mod(3) 28 22 mod(3) .
a d b l (mod m) , yəni müqayisəni hədbəhəd çıxmaq olar;
11 5 (mod 2), 17 26 mod(3) 6 21mod(3) .
a d b l (mod m) , yəni müqayisəni hədbəhəd vurmaq olar;
11 5 (mod 2), 17 26 mod(3) 187 130 mod(3) .
Əgər a1 , a2 ,..., an
ədədlərinin m-ə bölünməsindən alınan qalıqlar uyğun olaraq b1 , b2 ,..., bn
ədədlərinin m-ə bölünmə-
sindən alınan qalıqlara bərabər olarsa, yəni
a1 b1 mod(m), a2 b2 mod(m),..., an bn mod(m)
olarsa, onda
a1 + a2 + ... + an ,
b1 + b2 + ... + bn
cəmlərinin, həmçinin
a1 a2 ... an ,
b1 b2 ... bn
hasillərinin m-ə
bölünməsindən alınan qalıqlar bərabərdir, yəni
a1 + a2 + ... + an b1 + b2 + ... + bn mod( m) ,
a1 a2 ... an b1 b2 ... bn mod( m) .
an bn (mod m) :
16 9(mod 7) 162 92 mod (7) ;16 9(mod 7) 16n 9n mod (7) .
Müqayisənin hər iki tərəfini eyni tam ədədə vurmaq olar: istənilən tam ədəddir.
a k b k(mod m)
və ya
a k b k (mod km) , burada k
Müqayisənin hər iki tərəfini və modulunu onların istənilən ortaq böləninə bölmək olar.
Doğrudanda: a = a1d , b = b1d , m = m1 d
olarsa, onda
a b mod( m) a1d b1d mod( m1d ) a1 b1 mod( m1 ) .
Qeyd. Müqayisənin hər iki tərəfini həmişə eyni bir ədədə bölmək olmaz! Məsələn, 16 12(mod 4) . Hər tərıfi 4-ə bölsək, 4 və 3 ədədləri 4-ə nəzərən müaqayisə olnan ədədlər deyil.
Əgər a və b tam ədədlərinin m tam ədədinə bölünməsindən alınan qalıqlar bərabər və m tam ədədi d-yə tam
bölünərsə, onda a və b tam ədədlərinin d-yə bölünməsindən alınan qalıqlar bərabərdir.
İsbatı. Tutaq ki, a q m + r, b = k m + r, m = l d .
a q l d + r, b = k l d + r a b = ( q k) l d . Göründüyü kimi a-b tam ədədi d tam ədədinə bölünür. Deməli, a b (mod d ) .
Ədədlərin modula nəzərən müqayisəsinin tətbiqi ilə bəzi nümunə misalların həllinə baxaq.
İstənilən n natural ədədi üçün 5n + 3 -ün 4-ə bölündüyünü isbat edək. Yəni 5n + 3 0 mod(4) .
İsbatı. Modula nəzərən müqayisənin xassələrindən istifadə edirik.
5 1mod(4) 5n 1n mod(4) 5n 1mod(4) ,
4 0 mod(4) 5n + 4 1mod(4) 5n + 3 0 mod(4) .
İstənilən n natural ədədi üçün 7 n + 5 0 mod(6)
olduğunu isbat edək.
İsbatı. Modula nəzərən müqayisənin xassələrindən istifadə edirik.
7 1mod(6) 7 n 1n mod(6) 7 n 1 0 mod(6) ,
6 0 mod(6) 7 n + 5 0 mod(6) .
X = 1316 225 515 ədədinin 3-ə bölünməsindən alınan qalığı tapaq.
Həlli. Modula nəzərən müqayisənin xassələrindən istifadə edirik.
13 1mod(3) 1316 1mod(3) ,
2 1mod(3) 225 1mod(3) ,
5 1mod(3) 515 1mod(3) .
1316 225 515 1 (1) (1) mod(3) 1316 225 515 0 mod(3) .
Deməli,
X = 13 16 2 25 5 15
ədədinin 3-ə bölünməsindən alınan qalıq 0-a bərabərdir.
X = 1316 225 515 ədədinin 37-yə bölünməsindən alınan qalığı tapaq.
Həlli. Verilmiş ədədi
X = (169) 8 (32) 5 (125) 5
şəklində yazaq.
169 16 mod(37) 169 8 (16) 8 mod(37) ,
32 5 mod(37) 325 (5)5 mod(37) ,
125 14 mod(37) 1255 145 mod(37) .
Buradan alırıq ki, verilmiş ədəd
Y = (16)8 (5)5 145 = (162 ) 4 + (70)5
ədədi ilə 37 ədədinə nəzərən müqayisə ediləndir.
256 3 mod(37), 70 4 mod(37) .
Deməli, verilmiş ədəd
Z = (3)4 + (4)5 = 81 (32) 2 .
ədədi ilə 37 ədədinə nəzərən müqayisə ediləndir. 32 5 mod(37)
olduğunu nəzərə alsaq, axırıncı bərabərlikdən:
81 (5) 2 = 81 25 = 56 56 = 37 + 19 .
Deməli, axtarılan qalıq 19-a bərabərdir.
n-in istənilən natural qiymətində n 3 + 11n ədədinin 6-ya bölündüyünü isbat edin.
İsbatı. n-in istənilən natural qiymətində 12 n ədədi 6-ya bölünür. Ona görə də n3 + 11 n n3 + 11 n 12 n mod(6) .
n3 + 11 n 12 n = n3 n = ( n 1) n( n + 1) .
(n-1), n, (n+1) üç ardıcıl natural ədəddir. Üç ardıcıl natural ədədlərdən biri 2-yə, biri isə 3-ə bölünür. Ona görə də onların hasili 6-ya bölünür.
Beləliklə,
Buradan
n3 + 11 n 12 n 0 mod(6) n3 + 11 n 12 n mod(6) .
n3 + 11 n 0 mod(6) .
Bölünmə əlamətləri
Ümumi bölünmə əlaməti (Paskal əlaməti).
Tutaq ki, 10-luq say sistemində
A = an an1... a1a0 = an 10 n + an1 10 n1 + ... + a1 10 1 + a0
natural ədədi verilmişdir və m istənilən natural ədəddir. A natural ədədinin m natural ədədinə bölünmə əlaməti fransız alimi Blez Paskal (1623-1662) tərəfindən isbat edildiyindən onun adını daşıyır.
Paskal əlaməti. 10-luq say sistemində verilmiş A natural ədədinin m natural ədədinə bölünməsi üçün zəruri və kafi şərt B = an rn + an1 rn1 + ... + a1 r1 + a0 ədədinin m-ə bölünməsidir.
i
Burada r ədədi 10 i -nin m-ə bölünməsindən alınan qalıqdır ( i=1,2,... n). Yəni 10 i ri , ( i = 1,2,..., n) m-ə bölünür.
Paskal əlamətinin isbatında teorem 1 və 2-dən istifadə edirik.
Zəruriliuin isbatı. Tutaq ki,
A = an 10 n + an1 10 n1 + ... + a1 10 1 + a0
natural ədədi m natural ədədinə bölünür. İsbat edək ki,
B = an rn + an1 rn1 + ... + a1 r1 + a0
ədədi də m-ə bölünür.
Şərtə görə
10 n rn,
10 n1 rn1 ,...,10 1 r1
ədədləri m-ə bölünür. Onda
an (10n rn ) + an1 (10n1 rn1 ) + ... + a1 (101 r1 ) cəmi də m-ə bölünür. Bu cəmi aşağıdakı kimi yazaq:
( an
10 n + a
n1
10 n1 + ... + a
10 1 + a
) ( an
+ an1
+ ... + a1
· r1
+ a0
) = A B .
1
0
A ədədi və A B fərqi m natural ədədinə bölündüyündən B ədədi də m natural ədədinə bölünəcək.
Kafiliyin isbatı. Tutaq ki,
B = an rn + an1 rn1 + ... + a1 r1 + a0
natural ədədi m natural ədədinə bölünür. İsbat edək ki,
A = an 10 n + an1 10 n1 + ... + a1 10 1 + a0
ədədi də m-ə bölünür.
A B = ( an 10 n + an1 0 n1 + ... + a1 10 1 + a0 )
– (an rn + an1 rn1 + ... + a1 r1 + a0 ) =
= an (10n rn ) + an1 (10n1 rn1 ) + ... + a1 (101 r1 ) .
Şərtə görə 10 n rn , 10 n1 rn1 ,...,10 1 r1 ədədləri m-ə bölünür. Ona görə də
A B = an (10 n rn ) + an1 (10 n1 rn1 ) + ... + a1 (10 1 r1 )
fərqi də m-ə bölünəcək. Digər tərəfdən şərtə görə B ədədi m-ə bölünür. Ona görə də A ədədi də mə bölünəcək.
Do'stlaringiz bilan baham: |