R. M. Turgunbaev matematik analiz

3. Ekstremum mavjud bo‘lishining yetarli shartlari.
2-teorema. Faraz qilaylik f(x) funksiya x₀ nuqtada uzluksiz va x₀ nuqta funksiyaning kritik nuqtasi bo‘lsin.

1. 
   Agar ∀x∈(x₀-δ;x₀) uchun f’(x)>0, ∀x∈(x₀; x₀ +δ) uchun f’(x)<0 tengsizliklar o‘rinli bo‘lsa, ya’ni f’(x) hosila x₀ nuqtadan o‘tishida o‘z ishorasini «+» dan «-» ga o‘zgartirsa, u holda f(x) funksiya x₀ nuqtada maksimumga ega bo‘ladi.
   
2. 
   Agar ∀x∈(x₀-δ;x₀) uchun f’(x)<0, ∀x∈(x₀; x₀ +δ) uchun f’(x)>0
   

tengsizliklar o‘rinli bo‘lsa, ya’ni f’(x) hosila x₀ nuqtadan o‘tishda o‘z ishorasini «» dan «+» ga o‘zgartirsa, u holda f(x) funksiya x₀ nuqtada minimumga ega bo‘ladi.

3. 
   Agar f’(x) hosila x₀ nuqtadan o‘tishda o‘z ishorasini o‘zgartirmasa, u
   

holda f(x) funksiya x₀ nuqtada ekstremumga ega bo‘lmaydi.
Isboti. a) Holni qaraymiz. Bu holda ∀x∈(x₀-δ;x₀) uchun f’(x)>0 bo‘lishidan f(x) funksiyaning (x₀ -δ; x₀) da qat’iy o‘suvchiligi kelib chiqadi. So‘ngra shartga ko‘ra f(x) funksiya x₀ nuqtada uzluksiz bo‘lgani sababli

(2.1)
x
tenglik o‘rinli. Demak, ∀x∈(x₀ -δ; x₀) uchun
f(x)₀) (2.2)
bo‘ladi. ∀x∈(x₀; x₀ +δ) uchun f’(x)<0 bo‘lishidan f(x) funksiyaning (x₀; x₀ +δ) da qat’iy kamayuvchiligi kelib chiqadi. Demak, (2.1) tenglikni e’tiborga olsak, ∀x∈(x₀;x₀+δ) uchun yana (2.2) tengsizlik bajariladi. Bundan ∀x≠x₀ va
∀x∈(x₀-δ;x₀+δ) uchun f(x)₀) bo‘ladi, ya’ni f(x) funksiya x₀ nuqtada maksimumga ega.
b) Bu holda f(x) funksiya x₀ nuqtada minimumga erishishi (a) holga o‘xshash
isbotlanadi.
f’(x) hosila x₀ nuqtadan o‘tishda o‘z ishorasini o‘zgartirmaydigan (c) holda f(x) funksiya x₀ nuqtaning (x₀ -δ; x₀ +δ) atrofida qat’iy o‘suvchi yoki qat’iy kamayuvchi bo‘ladi. Demak, x₀ nuqtada ekstremum yo‘q.
Shunday qilib ekstremumga sinalayotgan nuqtani o‘tishda funksiya hosilasi ishorasining o‘zgarishi ekstremumga erishishning faqat yetarli sharti bo‘lib, lekin zaruriy sharti bo‘la olmaydi.
2-eslatma. Yuqoridagi mulohazalarda f(x) funksiya x₀ nuqtada uzluksiz bo‘lishi muhim. Masalan, ushbu
f ( x ) = ^_^{х4 , agar х ≠ 0,} funksiyani qaraylik. Bu funksiya uchun f’(x)=4x³
1, agar х = 0 bo‘lib, hosila x=0 nuqtadan o‘tishda o‘z ishorasini «-» dan «+» ga o‘zgartirsa ham, berilgan funksiya x=0 nuqtada minimumga ega emas.
3-eslatma. x₀ nuqtaning chap tomonidan o‘ng tomoniga o‘tganda hosila ishorasini o‘zgartirmasa ham bu nuqta ekstremum nuqtasi bo‘lishi mumkin.
Masalan, f ( x ) ₌ ^_^{− x, x ≤1,} funksiya uchun x=1 ekstremum

2 − x, x >1

(minimum) nuqta bo‘ladi. Haqiqatdan, x=1 ning (0;2) atrofidagi barcha nuqtalar uchun f(x)_≥f(1)=-1 tengsizlik o‘rini bo‘ladi. Shu bilan birga x<1 va x>1 nuqtalar uchun f’(x)=-1<0, ya’ni hosila ishorasini o‘zgartirmaydi.
2-teoremadan funksiyaning ekstremumga tekshirish uchun 1-qoidani keltirib chiqaramiz.
1-qoida. f(x) funksiyaning ekstremumlarini topish uchun

1. 
   f(x) funksiyaning f’(x) hosilasini topib, f’(x)=0 tenglamani yechish kerak. So‘ngra f’(x) mavjud bo‘lmagan nuqtalarni topib, kritik nuqtalar to‘plamini hosil qilish kerak.
   
2. 
   har bir kritik nuqtadan chapda va o‘ngda hosilaning ishorasini aniqlash kerak.
   
3. 
   agar hosila ishorasini «+» dan «-» ga («-» dan «+» ga) o‘zgartirsa, u holda bu kritik nuqtada f(x) funksiya maksimumga (minimumga) ega bo‘ladi. Agar hosila ishorasi o‘zgarmasa, ekstremum mavjud bo‘lmaydi.
   

Misol. f ( x ) ₌ ( x ₊ 4 )³ (x ₋1)² funksiyaning ekstremumini toping.

Yechish. Bu funksiya (-∞;+∞) oraliqda aniqlangan va uzluksiz. Uning hosilasini topamiz: f' ⁺¹⁾ .
Ravshanki, hosila x=-1 nuqtada nolga aylanadi, x=1 nuqtada esa chekli hosila mavjud emas.
Endi hosilani ishorasini aniqlaymiz. Buning uchun (-∞;+∞) oraliqni 31rasmda ko‘rsatilgandek oraliqlarga ajratamiz va hosil bo‘lgan har bir oraliqda hosilaning ishorasini aniqlaymiz.

31-rasm

Bu chizmadan qoidaga ko‘ra berilgan funksiyaning x=-1 nuqtada maksimum qiymat f ( ₋1) ₌ 3³ 4 ga va x=1 nuqtada minimum qiymat f(x)=0 ga ega bo‘lishini ko‘rish mumkin.